package com.github.yangyishe.p200;

import com.github.yangyishe.ListNode;

import java.util.Stack;

/**
 * 160. 相交链表
 * https://leetcode.cn/problems/intersection-of-two-linked-lists/description/?envType=study-plan-v2&envId=top-100-liked
 *
 * 给你两个单链表的头节点 headA 和 headB ，请你找出并返回两个单链表相交的起始节点。如果两个链表不存在相交节点，返回 null 。
 *
 * 图示两个链表在节点 c1 开始相交：
 *
 *
 *
 * 题目数据 保证 整个链式结构中不存在环。
 *
 * 注意，函数返回结果后，链表必须 保持其原始结构 。
 *
 * 自定义评测：
 *
 * 评测系统 的输入如下（你设计的程序 不适用 此输入）：
 *
 * intersectVal - 相交的起始节点的值。如果不存在相交节点，这一值为 0
 * listA - 第一个链表
 * listB - 第二个链表
 * skipA - 在 listA 中（从头节点开始）跳到交叉节点的节点数
 * skipB - 在 listB 中（从头节点开始）跳到交叉节点的节点数
 * 评测系统将根据这些输入创建链式数据结构，并将两个头节点 headA 和 headB 传递给你的程序。如果程序能够正确返回相交节点，那么你的解决方案将被 视作正确答案 。
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 * 示例 1：
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 * 输入：intersectVal = 8, listA = [4,1,8,4,5], listB = [5,6,1,8,4,5], skipA = 2, skipB = 3
 * 输出：Intersected at '8'
 * 解释：相交节点的值为 8 （注意，如果两个链表相交则不能为 0）。
 * 从各自的表头开始算起，链表 A 为 [4,1,8,4,5]，链表 B 为 [5,6,1,8,4,5]。
 * 在 A 中，相交节点前有 2 个节点；在 B 中，相交节点前有 3 个节点。
 * — 请注意相交节点的值不为 1，因为在链表 A 和链表 B 之中值为 1 的节点 (A 中第二个节点和 B 中第三个节点) 是不同的节点。换句话说，它们在内存中指向两个不同的位置，而链表 A 和链表 B 中值为 8 的节点 (A 中第三个节点，B 中第四个节点) 在内存中指向相同的位置。
 *
 *
 * 示例 2：
 *
 *
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 * 输入：intersectVal = 2, listA = [1,9,1,2,4], listB = [3,2,4], skipA = 3, skipB = 1
 * 输出：Intersected at '2'
 * 解释：相交节点的值为 2 （注意，如果两个链表相交则不能为 0）。
 * 从各自的表头开始算起，链表 A 为 [1,9,1,2,4]，链表 B 为 [3,2,4]。
 * 在 A 中，相交节点前有 3 个节点；在 B 中，相交节点前有 1 个节点。
 * 示例 3：
 *
 *
 *
 * 输入：intersectVal = 0, listA = [2,6,4], listB = [1,5], skipA = 3, skipB = 2
 * 输出：null
 * 解释：从各自的表头开始算起，链表 A 为 [2,6,4]，链表 B 为 [1,5]。
 * 由于这两个链表不相交，所以 intersectVal 必须为 0，而 skipA 和 skipB 可以是任意值。
 * 这两个链表不相交，因此返回 null 。
 *
 *
 * 提示：
 *
 * listA 中节点数目为 m
 * listB 中节点数目为 n
 * 1 <= m, n <= 3 * 104
 * 1 <= Node.val <= 105
 * 0 <= skipA <= m
 * 0 <= skipB <= n
 * 如果 listA 和 listB 没有交点，intersectVal 为 0
 * 如果 listA 和 listB 有交点，intersectVal == listA[skipA] == listB[skipB]
 *
 *
 * 进阶：你能否设计一个时间复杂度 O(m + n) 、仅用 O(1) 内存的解决方案？
 */
public class Problem160 {
    public static void main(String[] args) {

    }

    /**
     * 思路：
     * 本体在逻辑上的意思，是找出两个队列最右侧相同的最多部分的开始位置
     * 如果是数组，则题目非常简单，双指针逆向遍历即可
     * 如果是双向链表，也比较简单，找到最后节点再往回遍历即可
     * 所以一个解决思路，是用栈反向保存两个节点，再逐次对比获取最大相同节点对象即可
     *
     * 注：
     * 该思路的泛用性较高，既可解决指针相同的情况，也可解决值相同的情况。
     * 缺点就是空间复杂度略高。
     * 故再按照官方给出的方案，用一个空间复杂度为O(1)的方案来解决。
     *
     * @param headA
     * @param headB
     * @return
     */
    public ListNode getIntersectionNode0(ListNode headA, ListNode headB) {
        Stack<ListNode> stack1=new Stack<>();
        Stack<ListNode> stack2=new Stack<>();

        ListNode tempA=headA;
        while(tempA!=null){
            stack1.push(tempA);

            tempA=tempA.next;
        }
        ListNode tempB=headB;
        while(tempB!=null){
            stack2.push(tempB);

            tempB=tempB.next;
        }

        ListNode result=null;
        while(true){
            if (stack1.isEmpty()||stack2.isEmpty()) {
                break;
            }
            ListNode pop1 = stack1.pop();
            ListNode pop2 = stack2.pop();
            if (pop1==pop2) {
                result=pop1;
            }else{
                break;
            }
        }

        return result;
    }

    /**
     * 思路：
     * 空间复杂度为O(1)的官方思路。
     * 使用步数计算法（该思路同样可用来解决侦测循环指针的问题）
     *
     * 假定两个链表，长度分别为m,n，且不妨假设m>=n
     * 共同部分为i个。
     *
     * 两个指针left和right分别从两个链表的开始节点出发，一直走直到为空为止。再各自互换，就可解决长度不等问题
     *
     *
     * @param headA
     * @param headB
     * @return
     */
    public ListNode getIntersectionNode(ListNode headA, ListNode headB){
        ListNode tempA=headA;
        ListNode tempB=headB;

        while(true){
            if(tempA==null&&tempB==null){
                return null;
            }else if(tempA==null){
                tempA=headB;
            }else if(tempB==null){
                tempB=headA;
            }
            if(tempA==tempB){
                return tempA;
            }

            tempA=tempA.next;
            tempB=tempB.next;
        }

//        return null;
    }
}
